-->
Terminale S - Nombres complexes (2) Le plan complexe est orienté et est muni d'un repère orthonormé (O;u;v)(O;\vec{u};\vec{v}). 1Module et argument d'un nombre complexe 1.1Rappels Nous aurons à utiliser fréquemment dans ce chapitre les valeurs remarquables des fonctions cosinus et sinus.
tt 00 π6\dfrac{\pi}{6} π4\dfrac{\pi}{4} π3\dfrac{\pi}{3} π2\dfrac{\pi}{2}
sin(t)\sin(t)
0
12\dfrac{1}{2}
22\dfrac{\sqrt{2}}{2}
32\dfrac{\sqrt{3}}{2}
1
cos(t)\cos(t)
1
32\dfrac{\sqrt{3}}{2}
22\dfrac{\sqrt{2}}{2}
12\dfrac{1}{2}
0

Il faudra également savoir les utiliser à l'intérieur du cercle trigonométrique.
0.20.40.60.811.2−0.2−0.4−0.6−0.8−1−1.20.20.40.60.811.2−0.2−0.4−0.6−0.8−1−1.2
M
π/6
π/4
π/3
π/2
2π/3
3π/4
5π/6
π
11π/6
7π/4
5π/3
π/2
4π/3
5π/4
7π/6
32\dfrac{\sqrt{3}}{2}
22\dfrac{\sqrt{2}}{2}
32-\dfrac{\sqrt{3}}{2}
22-\dfrac{\sqrt{2}}{2}
32\dfrac{\sqrt{3}}{2}
22\dfrac{\sqrt{2}}{2}
32-\dfrac{\sqrt{3}}{2}
22-\dfrac{\sqrt{2}}{2}
Déplacer le point MM
Exemple 1 À l'aide de ce cercle nous voyons, par exemple, que : cos(3π4)=\cos\left( \dfrac{3\pi}{4}\right) =
22-\dfrac{\sqrt{2}}{2}
et sin(3π4)=\sin\left( \dfrac{3\pi}{4}\right) =
22\dfrac{\sqrt{2}}{2}.
1.2Définition Soit z=x+iyz=x+iy un nombre complexe, et MM le point
d'affixe
 
zz.

Pour z0z\neq0   le point MM est entièrement défini par
ses coordonnées polaires
(r,θ)(r,\theta) :


    \bullet  
r= r =
OMOM
==
x2+y2.\sqrt{x^2+y^2}.

    \bullet  
θ=\theta =
(u,OM).(\vec{u},\overrightarrow{OM}).

u\vec{u}
v\vec{v}
O
M
x
y
r
α
Déplacer le point MM
Definition 1
Soit zz un nombre complexe non nul, et MM son image.

Remark 1 Exercice 1 Déterminer le module et un argument des nombres complexes suivants :
123−1−2−3123−1−2−3
u\vec{u}
v\vec{v}
O
M1
M2
M3
M4
Correction
  • z1|z_1|
    ==
    22
    et
    arg(z1)\arg(z_1)
    ==
    00
    [2π][2\pi].
  • z2|z_2|
    ==
    22
    et
    arg(z2)\arg(z_2)
    ==
    π\pi
    [2π][2\pi].
  • z3|z_3|
    ==
    33
    et
    arg(z3)\arg(z_3)
    ==
    π2\dfrac{\pi}{2}
    [2π][2\pi].
  • z4|z_4|
    ==
    33
    et
    arg(z4)\arg(z_4)
    ==
    3π2\dfrac{3\pi}{2}
    [2π][2\pi],
    ou encore
    arg(z4)\arg(z_4)
    ==
    π2-\dfrac{\pi}{2}
    [2π][2\pi].
Remark 2 Soit zz un nombre complexe non nul. 1.3Propriétés Property 1
Soit zz un nombre complexe non nul. On a alors :

z|\overline{z}|
==
z|z|
    
et
    
argz\arg{\overline{z}}
==
arg(z)- \arg(z) [2π][2\pi].

Preuve
L'égalité sur les modules a été démontrée dans le cours précédent.

Pour démontrer l'égalité concernant les arguments, observons tout d'abord la figure suivante :
u\vec{u}
v\vec{v}
O
M
M'
x
y
-y
r
α
β
Déplacer le point MM Le point MM' ayant pour affixe
z\overline{z},
le triangle MOMMOM' est
isocèle de sommet OO.

L'axe des réels est donc
un axe de symétrie
de ce triangle. Ainsi les angles α\alpha et β\beta
ont même mesure.

D'après les égalités sur les angles orientés nous avons que :
(u,OM)(\vec{u}, \overrightarrow{OM})
==
(u,OM)- (\vec{u}, \overrightarrow{OM'})
[2π][2\pi].

Ainsi, nous avons bien que :
arg(z)=arg(z)[2π]\arg(\overline{z}) = -\arg(z) [2\pi].

Property 2
Soit zz un nombre complexe non nul. On a alors :
arg(z)\arg(-z)
==
arg(z)+π\arg(z)+\pi
[2π].[2\pi].

Cette propriété se démontre également en utilisant une configuration géométrique simple et les propriétés des angles orientés. On remarquera que
(OM,OM)(\overrightarrow{OM}, \overrightarrow{OM'})
==
π\pi
[2π][2\pi].
u\vec{u}
v\vec{v}
O
M
M'
x
-x
y
-y
r
α
β
Déplacer le point MM 2Forme trigonométrique Property 3
Pour tout nombre complexe zz non nul, il existe un unique couple de réels
rr et θ\theta,
r>0r>0
et
θ]π;π]\theta\in]-\pi;\pi],
tel que :

zz
==
r(cosθ+isinθ).r\left(\cos\theta + i\sin \theta\right).

u\vec{u}
v\vec{v}
O
M
x
y
r
rcosθr\cos\theta
rsinθr\sin\theta
θ\theta
Déplacer le point MM Remark 3 Cette écriture s'appelle
forme trigonométrique de zz.
Exemple 2 Soit zz un nombre complexe de module 2 et d'argument π4\dfrac{\pi}{4}. Alors :
zz
==
2(cos(π4)+isin(π4))2\left(\cos\left(\dfrac{\pi}{4}\right) + i\sin\left(\dfrac{\pi}{4}\right)\right)
= =
2(22+i22) 2\left(\dfrac{\sqrt{2}}{2} + i\dfrac{\sqrt{2}}{2}\right)
= =
2+i2.\sqrt{2} + i\sqrt{2}.
Remark 4 Si on connaît l'écriture algébrique d'un nombre complexe z=x+iyz=x+iy, alors, en utilisant les formules de trigonométrie (en se plaçant dans les deux triangles rectangles de la figure précédente) on obtient :
{z=x2+y2arg(z)=θ o uˋθ est tel que {cos(θ)=xzsin(θ)=yz\left\{ \begin{array}{l} |z| = \sqrt{x^2+y^2} \\ \arg(z) = \theta \text{ où } \theta \text{ est tel que } \left\{ \begin{array}{rcl} \cos(\theta) & = & \dfrac{x}{|z|} \\ & & \\ \sin(\theta) & = & \dfrac{y}{|z|} \end{array}\right. \end{array} \right.
Exercice 2 Donner la forme trigonométrique des nombres complexes suivants : z1=1+iz_1 = 1+i et z2=3iz_2 = \sqrt{3} - i.
Correction
z1|z_1|
==
12+12\sqrt{ 1^2+ 1^2}
==
2\sqrt{2}.

De plus,
Re(z1)z1\dfrac{Re(z_1)}{|z_1|}
==
12\dfrac{1}{\sqrt{2}}
==
22\dfrac{\sqrt{2}}{2}.

Et de même,
Im(z1)z1\dfrac{Im(z_1)}{|z_1|}
==
22\dfrac{\sqrt{2}}{2}.


Ainsi,
arg(z1)\arg(z_1)
==
π4 \dfrac{\pi}{4}
[2π][2\pi].


Et,
z1z_1
==
2(cos(π4)+isin(π4))\sqrt{2}\left( \cos\left(\dfrac{\pi}{4}\right) + i\sin\left(\dfrac{\pi}{4}\right) \right).



Pour z2=3iz_2=\sqrt{3} - i,
z2|z_2|
==
(3)2+12\sqrt{(\sqrt{3})^2 + 1^2}
==
22.

Re(z2)z2\dfrac{Re(z_2)}{|z_2|}
==
32\dfrac{\sqrt{3}}{2}
et
Im(z2)z2\dfrac{Im(z_2)}{|z_2|}
==
12-\dfrac{1}{2}.

On en déduit que :
arg(z2)\arg(z_2)
==
π6-\dfrac{\pi}{6}
[2π][2\pi].

Et donc :

z2=2(cos(π6)+isin(π6))z_2 = 2\left( \cos\left(-\dfrac{\pi}{6}\right) + i\sin\left(-\dfrac{\pi}{6}\right) \right).
Property 4
Deux nombres complexes non nuls zz et zz' sont égaux si et seulement si :
z=z|z| = |z'|
et
arg(z)=arg(z)\arg(z) = \arg(z')
[2π].[2\pi].

3Propriétés du module et de l'argument 3.1Propriétés du conjugué et de l'opposé Nous avons déjà évoqué des propriétés concernant le conjugués et l'opposé d'un nombre complexe. Nous les rappelons ici en une seule propriété, et nous en donnons une preuve plus élégante à l'aide de l'écriture sous forme trigonométrique. Property 5
Soit zz un nombre complexe non nul.
Preuve
Rappelons tout d'abord que : cos(θ+π)\cos(\theta+\pi) ==
cosθ-\cos\theta
et sin(θ+π)\sin(\theta+\pi) ==
sinθ-\sin\theta.


Si on note rr et θ\theta le module et un argument de zz, nous avons alors que z=z =
r(cosθ+isinθ)r(\cos\theta+i\sin\theta)
et :
z-z
==
r(cosθ+isinθ)-r(\cos\theta+i\sin\theta)
==
r(cosθisinθ)r(-\cos\theta-i\sin\theta)
==
r(cos(θ+π)+isin(θ+π))r(\cos(\theta+\pi)+i\sin(\theta+\pi)).


Ainsi nous avons bien que :
z|-z|
==
rr
==
z|z|
et
arg(z)\arg(-z)
==
θ+π\theta+\pi
==
arg(z)+π\arg(z)+\pi
[2π][2\pi].


Pour les égalités sur le conjugué, nous utiliserons le fait que la fonction cosinus est
paire
et la fonction sinus est
impaire.


z\overline{z}
==
r(cosθisinθ)r( \cos\theta - i\sin\theta )
==
r(cos(θ)+isin(θ)r(\cos(-\theta)+i\sin(-\theta).


Ainsi nous avons bien que :
z|\overline{z}|
==
rr
==
z|z|
et
arg(z)\arg(\overline{z})
==
θ-\theta
==
arg(z)-\arg(z)
[2π][2\pi].
3.2Produit Observons tout d'abord quelques calculs, pour lesquels nous aurons besoin de rappeler les deux formules de trigonométrie suivantes.
Pour tous réels aa et bb, nous avons :
Soient zz et zz' deux nombres complexes de formes trigonométriques
z=r(cosθ+isinθ)z= r(\cos\theta+i\sin\theta)
et
z=r(cosθ+isinθ)z'= r'(\cos\theta'+i\sin\theta').

Alors :
z×zz\times z'
==
r(cosθ+isinθ)r(cosθ+isinθ)r(\cos\theta+i\sin\theta)r'(\cos\theta'+i\sin\theta')
==
rr(cosθcosθsinθsinθ+i(cosθsinθ+cosθsinθ))rr'( \cos\theta\cos\theta'-\sin\theta\sin\theta' + i ( \cos\theta\sin\theta'+\cos\theta'\sin\theta ) )
==
rr(cos(θ+θ)+isin(θ+θ))rr'(\cos(\theta+\theta') + i\sin(\theta+\theta')).

Ainsi,
zz|zz'|
==
rr rr'
==
zz|z||z'|.

Et,
arg(zz)\arg(zz')
==
θ+θ\theta+\theta'
==
arg(z)+arg(z)\arg(z) + \arg(z')
[2π][2\pi].

Property 6
Soient zz et zz' deux nombres complexes non nuls et nn un entier naturel non nul.
  1. zz|zz'|
    ==
    zz|z||z'|.
  2. arg(zz)\arg(zz')
    ==
    arg(z)+arg(z)\arg(z)+\arg(z')
    [2π][2\pi].
  3. zn|z^n|
    ==
    zn|z|^n
    et
    arg(zn)\arg(z^n)
    ==
    narg(z)n\arg(z) [2π][2\pi].
Remark 5 Les points 1 et 2 ont été démontrés juste précédemment. Le point 3 se démontre par récurrence en utilisant les points 1 et 2. 3.3Quotient Property 7
Soient zz et zz' deux nombres complexes non nuls.
  1. zz\left|\dfrac{z}{z'}\right|
    ==
    zz\dfrac{|z|}{|z'|}.
  2. arg(zz)\arg\left(\dfrac{z}{z'}\right)
    ==
    arg(z)arg(z)\arg(z) - \arg(z')
    [2π][2\pi].
Preuve
  1. z|z|
    ==
    zz×z\left|\dfrac{z}{z'}\times z'\right|
    ==
    zz×z\left|\dfrac{z}{z'}\right| \times |z'|,
    c'est-à-dire :
    z|z|
    ==
    zz×z\left|\dfrac{z}{z'}\right| \times |z'|.

    Ainsi, à l'aide d'un produit en croix on obtient bien que :
    zz=zz\left|\dfrac{z}{z'}\right| = \dfrac{|z|}{|z'|}.
  2. arg(z)\arg(z)
    ==
    arg(zz×z)\arg\left(\dfrac{z}{z'}\times z'\right)
    ==
    arg(zz)+arg(z)\arg\left(\dfrac{z}{z'}\right) + \arg(z')
    [2π][2\pi].

    C'est-à-dire : arg(zz)\arg\left(\dfrac{z}{z'}\right) == arg(z)arg(z)\arg(z) - \arg(z') [2π][2\pi].
Remark 6 Il n'y a pas de propriété pour la somme et la différence. En général, les formes trigonométriques sont bien adaptées aux
produits
et
quotients
de complexes, alors que les formes algébriques sont bien adaptées aux
sommes et différences
de complexes. Exercice 3 Soient z1=(3i)4z_1 = (\sqrt{3} -i)^4 et z2=1+i3iz_2 = \dfrac{1+i}{\sqrt{3}-i}.
Déterminer le module et un argument pour chacun de ces nombres complexes.
Correction
Nous avions vu que : 3i=\sqrt{3}-i =
2(cos(π6)+isin(π6))2\left( \cos\left(-\dfrac{\pi}{6}\right) + i\sin\left(-\dfrac{\pi}{6}\right) \right)
et 1+i=1+i =
2(cos(π4)+isin(π4))\sqrt{2}\left( \cos\left(\dfrac{\pi}{4}\right) + i\sin\left(\dfrac{\pi}{4}\right) \right).


Donc :
3i|\sqrt{3} - i|
==
22
et
arg(3i)\arg(\sqrt{3} - i)
==
π6-\dfrac{\pi}{6}
[2π][2\pi].

Et : 1+i=|1+i| =
2\sqrt{2}
et
arg(1+i)=\arg(1+i) =
π4\dfrac{\pi}{4}
[2π][2\pi].


Pour z1z_1.
z1|z_1|
==
(3i)4|(\sqrt{3}-i)^4|
==
3i4|\sqrt{3}-i|^4
==
242^4
==
1616.

arg(z1)\arg(z_1)
==
arg((3i)4)\arg((\sqrt{3} - i)^4)
[2π][2\pi]
= =
4arg(3i)4 \arg(\sqrt{3} - i)
[2π][2\pi]
= =
4×π64\times\dfrac{-\pi}{6}
[2π][2\pi]
= =
2π3\dfrac{-2\pi}{3} [2π][2\pi]
= =
4π3\dfrac{4\pi}{3}
[2π][2\pi]


Pour z2z_2.
z2|z_2|
==
1+i3i\left|\dfrac{1+i}{\sqrt{3} - i}\right|
==
1+i3i\dfrac{|1+i|}{|\sqrt{3} - i|}
==
22\dfrac{\sqrt{2}}{2}.


arg(z2)\arg(z_2)
==
arg(1+i3i)\arg\left( \dfrac{1+i}{\sqrt{3}-i} \right)
[2π][2\pi]
= =
arg(1+i)arg(3i)\arg(1+i) - \arg(\sqrt{3} - i)
[2π][2\pi]
= =
π4(π6)\dfrac{\pi}{4} - (-\dfrac{\pi}{6})
[2π][2\pi]
[2π][2\pi]
= =
5π12\dfrac{5\pi}{12}
[2π].[2\pi].


On peut poursuivre les calculs avec z2z_2 pour arriver à une formule intéressante.
z2z_2
==
1+i3i\dfrac{1+i}{\sqrt{3} - i}
==
(1+i)(3+i)(3i)(3+i)\dfrac{(1+i)(\sqrt{3}+i)}{(\sqrt{3} - i)(\sqrt{3} + i)}
==
(1+i)(3+i)4\dfrac{(1+i)(\sqrt{3}+i)}{4}
.
En développant cette dernière écriture nous obtenons la forme algébrique suivante :
z2=314+i3+14z_2 = \dfrac{\sqrt{3}-1}{4} + i\dfrac{\sqrt{3}+1}{4}.

En mettant le module en facteur, on obtient :
z2z_2
==
22\dfrac{\sqrt{2}}{2}
(624+i6+24)\left( \dfrac{\sqrt{6}-\sqrt{2}}{4} + i\dfrac{\sqrt{6} + \sqrt{2}}{4} \right).

On reconnaît, la forme trigonométrique de z2z_2, donc :
cos(5π12)\cos\left(\dfrac{5\pi}{12}\right)
==
624\dfrac{\sqrt{6}-\sqrt{2}}{4},

sin(5π12)\sin\left(\dfrac{5\pi}{12}\right)
==
6+24\dfrac{\sqrt{6}+\sqrt{2}}{4}.
3.4Inégalité triangulaire
u\vec{u}
v\vec{v}
O
M
M'
M1
|z|
|z‘|
|z‘|
|z+z‘|
|z|
Property 8
Pour tous nombres complexes zz et zz' :
z+z|z+z'|
\leq
z+z.|z|+|z'|.
Remark 7 La preuve de cette propriété n'est pas exigible en terminale, nous la donnons en annexe à la fin de ce cours pour les plus curieux.
Remark 8 Dans le graphique précédent, cette inégalité triangulaire se traduit par le fait que :
OM1OM_1
\leq
OM+MM1OM + MM_1.

4Applications à la géométrie 4.1Affixe d'un vecteur et distance On se place dans le plan complexe munit d'un repère orthonormé (O;u;v)(O;\vec{u};\vec{v}). Definition 2
Soit V\overrightarrow{V} un vecteur tel que
V=xu+yv\overrightarrow{V} = x\vec{u}+y\vec{v}.

On dit alors que le vecteur V\overrightarrow{V} a pour
affixe
zVz_{\overrightarrow{V}}
==
x+iyx+iy.
Property 9
Soient AA et BB deux points d'affixes respectives
zAz_A
et
zBz_B.
Alors :
  1. zBzAz_B - z_A
    est
    l'affixe
    du vecteur
    AB\overrightarrow{AB}.
  2. ABAB
    ==
    zBzA|z_B - z_A|.
Preuve
  1. AB\overrightarrow{AB}
    ==
    (xBxA)u+(yByA)v(x_B-x_A)\vec{u} + (y_B-y_A)\vec{v}.

    Donc :

    zABz_{\overrightarrow{AB}}
    ==
    (xBxA)+i(yByA)(x_B-x_A)+i(y_B-y_A)
    ==
    xB+iyB(xA+iyA)x_B+iy_B - (x_A+iy_A)
    ==
    zBzAz_B - z_A.

  2. ABAB
    ==
    (xBxA)2+(yByA)2\sqrt{(x_B - x_A)^2+(y_B - y_A)^2}.

    zAB|z_{\overrightarrow{AB}}|
    ==
    zBzA|z_B - z_A|
    ==
    (xBxA)+i(yByA)| (x_B-x_A) + i(y_B - y_A) |
    ==
    (xBxA)2+(yByA)2\sqrt{(x_B - x_A)^2+(y_B - y_A)^2}.
Exemple 3 Soient AA et BB deux points d'affixe respectives : zA=1+2iz_A = 1+2i et zB=3iz_B = 3-i.
ABAB
==
zBzA|z_B - z_A|
==
1+2i3+i|1+2i - 3 +i|
==
2+3i|-2+3i|
==
13\sqrt{13}.
Exercice 4 Déterminer dans le plan complexe les solutions de l'équation : z2i=3|z-2i| = 3.
Correction
On pose MM le point d'affixe zz,
et AA le point d'affixe
2i2i.

L'équation est alors équivalente à :
AM=3AM = 3.

Les solutions sont donc les affixes des points situés
sur le cercle
de centre
AA
et de rayon
3.
Exercice 5 Déterminer dans le plan complexe les solutions de l'équation : z+1=zi|z+1| = |z-i|.
Correction
On définit le point MM d'affixe zz,
le point AA d'affixe
1-1
et le point BB d'affixe
ii.

L'équation est alors équivalente à :
AM=BMAM = BM.

Les solutions sont donc les affixes des points situés
sur la médiatrice du segment [AB][AB].
Property 10
  1. Soit C\mathcal{C} un cercle de centre Ω\Omega d'affixe ω\omega et de rayon RR.
    zCz\in\mathcal{C}
    \Longleftrightarrow
    zω=R.|z-\omega| = R.
  2. La médiatrice de [AB][AB], où AA et BB sont d'affixes respectives zAz_A et zBz_B, est l'ensemble des points MM d'affixe zz tel que :
    zzA|z-z_A|
    ==
    zzB.|z-z_B|.

Property 11
  1. Pour tout MOM\neq O,
    (u,OM)(\vec{u},\overrightarrow{OM})
    ==
    arg(z)\arg(z)
    [2π][2\pi].
  2. Pour tout A(zA)A(z_A) et B(zB)B(z_B) avec ABA\neq B :
    (u,AB)(\vec{u},\overrightarrow{AB})
    ==
    arg(zBzA)\arg(z_B - z_A)
    [2π][2\pi].
  3. Soient zAz_A, zBz_B et zCz_C les affixes des points AA, BB et CC tels que ABA\neq B et BCB\neq C. Alors :
    (AB,AC)(\overrightarrow{AB},\overrightarrow{AC})
    ==
    arg(zCzAzBzA)\arg\left( \dfrac{z_C - z_A}{ z_B - z_A} \right)
    [2π].[2\pi].
  4. Soient zAz_A, zBz_B, zCz_C et zDz_D les affixes des points AA, BB, CC et DD tels que ABA\neq B et CDC\neq D. Alors :
    (AB,CD)(\overrightarrow{AB},\overrightarrow{CD})
    ==
    arg(zDzCzBzA)\arg\left( \dfrac{z_D - z_C}{ z_B - z_A} \right)
    [2π].[2\pi].
Preuve du point 1
Par définition.

Preuve du point 2
(u,AB)(\vec{u},\overrightarrow{AB})
[2π][2\pi]
==
arg(zAB)\arg(z_{\overrightarrow{AB}})
[2π][2\pi]
==
arg(zBzA)\arg(z_B - z_A)
[2π][2\pi].


Preuve du point 3
On s'appuiera sur la figure suivante pour justifier la première égalité angulaire ci-dessous.
AA
B
C
u\vec{u}
En effet, nous avons d'après la relation de Chasles angulaire :
(AB,u)+(u,AC)(\overrightarrow{AB},\overrightarrow{u})+(\overrightarrow{u},\overrightarrow{AC})
==
(AB,AC)(\overrightarrow{AB},\overrightarrow{AC}).


Et puisque
(AB,u)(\overrightarrow{AB},\overrightarrow{u})
==
(u,AB)[2π]-(\overrightarrow{u},\overrightarrow{AB}) [2\pi]
nous obtenons :


(AB,AC)(\overrightarrow{AB},\overrightarrow{AC})
==
(u,AC)(u,AB)(\vec{u},\overrightarrow{AC}) - (\vec{u},\overrightarrow{AB})
[2π][2\pi]
= =
arg(zAC)arg(zAB)\arg(z_{\overrightarrow{AC}}) - \arg(z_{\overrightarrow{AB}})
[2π][2\pi]
= =
arg(zCzA)arg(zBzA)\arg(z_C-z_A) - \arg(z_B - z_A)
[2π][2\pi]
= =
arg(zCzAzBzA) \arg\left(\dfrac{z_C - z_A}{z_B - z_A}\right)
[2π].[2\pi].


Preuve du point 4
arg(zDzCzBzA)\arg\left(\dfrac{z_D - z_C}{z_B - z_A}\right)
==
arg(zDzC)arg(zBzA)\arg(z_D - z_C) - \arg(z_B-z_A)
[2π][2\pi]
==
(u,CD)(u,AB)(\vec{u},\overrightarrow{CD}) - (\vec{u},\overrightarrow{AB})
[2π][2\pi]
==
(AB,CD)(\overrightarrow{AB},\overrightarrow{CD})
[2π][2\pi].

Property 12
  1. Les points AA, BB et CC sont alignés si et seulement si
    arg(zCzAzBzA)\arg\left(\dfrac{z_C - z_A}{z_B - z_A}\right)
    ==
    00
    [π][\pi].
  2. Les droites (AB)(AB) et (CD)(CD) sont perpendiculaires si et seulement si
    arg(zDzCzBzA)\arg\left(\dfrac{z_D - z_C}{z_B - z_A}\right)
    ==
    π2\dfrac{\pi}{2}
    [π][\pi].
Preuve
Il suffit de traduire les conditions en égalités angulaires. 5 Exponentielle complexe 5.1Définition Definition 3
On définit une fonction ff de R\mathbb{R} dans C\mathbb{C} par :
pour tout θR\theta\in\mathbb{R},
f(θ)=f(\theta) =
cos(θ)+isin(θ)\cos(\theta)+i\sin(\theta).
Exemple 4 f(0)f(0) ==
cos0+isin0\cos 0+i\sin 0
==
11.


f(5π6)=f\left( \dfrac{5\pi}{6}\right) =
32+12i-\dfrac{\sqrt{3}}{2}+\dfrac{1}{2}i.


Pour tout réel θ\theta, f(θ)=f(\theta) =
1(cosθ+isinθ)1(\cos\theta+i\sin\theta),
ce qui nous amène à la propriété suivante.
Property 13
Pour tout nombre réel θ\theta,
f(θ)|f(\theta)|
==
11
et
arg(f(θ))arg(f(\theta))
==
θ\theta
[2π][2\pi].
Property 14
Pour tous nombres réels θ\theta et θ\theta',
f(θ+θ)f(\theta+\theta')
==
f(θ)f(θ)f(\theta)f(\theta').
Preuve
D'après la propriété
6
concernant le
produit
des écritures trigonométriques :

f(θ)f(θ)f(\theta)f(\theta')
==
f(θ)f(θ)(cos(θ+θ)+isin(θ+θ))|f(\theta)||f(\theta')|(\cos(\theta+\theta')+i\sin(\theta+\theta')).

f(θ)f(θ)\color{white}{f(\theta)f(\theta')}
==
f(θ+θ)f(\theta+\theta').
Remark 9 Les fonctions cos\cos et sin\sin sont dérivables sur R\mathbb{R}. On admet que la fonction ff est également dérivable sur R\mathbb{R} et que :
f(θ)f'(\theta)
==
cos(θ)+isin(θ)\cos'(\theta)+i\sin'(\theta).

Ainsi :
f(θ)=f'(\theta)=
sin(θ)+icos(θ)-\sin(\theta)+i\cos(\theta)
==
i2sin(θ)+icos(θ)i^2\sin(\theta)+i\cos(\theta)
==
i(isin(θ)+cos(θ))i(i\sin(\theta)+\cos(\theta)),
donc
f(θ)=f'(\theta)=
if(θ)if(\theta).


Cette égalité est à rapprocher du fait que si g(x)=ekxg(x)=e^{kx} alors g(x)=g'(x)=
kekxke^{kx}
==
kg(x)kg(x).


La propriété précédente et cette remarque permettent de faire l'analogie entre la fonction ff ainsi définie et la fonction
exponentielle.
Euler introduit l'écriture suivante en 1748 :
Definition 4
Pour tout nombre réel θ\theta,
eiθe^{i\theta}
==
cos(θ)+isin(θ)\cos(\theta)+i\sin(\theta).
Remark 10 Ainsi, eiθe^{i\theta} désigne le nombre complexe de module
1
dont
un
argument est
θ\theta.

Le cercle trigonométrique est donc l'ensemble des points d'affixes
eiθe^{i\theta}
avec
θ\theta
parcourant R\mathbb{R}.


Exercice 6 Donner les formes algébriques des nombres complexes ci-dessous :
ei0e^{i0} e2iπe^{2i\pi} eiπe^{i\pi} eiπ/2e^{i\pi/2}
eiπ/2e^{-i\pi/2} e3iπ/2e^{3i\pi/2} eiπ/3e^{i\pi/3} e2iπ/3e^{2i\pi/3}
Correction
ei0=e^{i0}=
11
e2iπ=e^{2i\pi}=
11
eiπ=e^{i\pi}=
1-1
eiπ/2=e^{i\pi/2}=
ii
eiπ/2=e^{-i\pi/2}=
i-i
e3iπ/2=e^{3i\pi/2}=
i-i
eiπ/3=e^{i\pi/3}=
12+32i\dfrac{1}{2}+\dfrac{\sqrt{3}}{2}i
e2iπ/3=e^{2i\pi/3}=
12+32i-\dfrac{1}{2}+\dfrac{\sqrt{3}}{2}i
5.2Propriétés Property 15
Pour tout nombre complexe zz non nul, il existe un
unique
couple de réels
rr
et
θ\theta,
r>0r>0
et
θ\theta\in
]π;π[]-\pi;\pi[
tel que :
zz
==
reiθre^{i\theta}.
Preuve
Cette propriété est une réécriture de la propriété affirmant l'existence de la
forme trigonométrique
pour tout nombre complexe. Definition 5
Une forme
exponentielle
d'un nombre complexe zz non nul dont un argument est θ\theta, est l'écriture
z=zeiθz=|z|e^{i\theta}.
Property 16
Pour tous nombres réels θ\theta et θ\theta', pour tout entier naturel nn :
Preuve
Ces égalités s'obtiennent pour l'essentiel à l'aide des propriétés de la forme trigonométrique.
La dernière égalité provient du fait que :
{cosθ=cosθθ=θ ou θ=θ[2π]sinθ=sinθθ=θ ou θ=πθ[2π]\left\{ \begin{array}{rcl} \cos\theta = \cos\theta' & \Longleftrightarrow & \theta = \theta' \text{ ou } \theta = -\theta' [2\pi] \\ \sin\theta = \sin\theta' & \Longleftrightarrow & \theta = \theta' \text{ ou } \theta = \pi-\theta' [2\pi] \\ \end{array}\right.

La seule possibilité est donc que :
θ=θ\theta = \theta'.
Exercice 7 Soit z=1+iz=1+i. Calculer la forme algébrique de z8z^8.
Correction
On a zz ==
2eiπ/4\sqrt{2}e^{i\pi/4},
donc
z8z^8
==
28e8iπ/4\sqrt{2}^8e^{8i\pi/4}
==
16e2iπ16e^{2i\pi}
==
1616.
Exercice 8 Le nombre complexe z=2eiπ/3z=-2e^{i\pi/3} est-il écrit avec une forme exponentielle ?
Correction
Le nombre zz
n'est pas
écrit sous forme exponentielle car
2-2
n'est pas strictement positif.


z=z=
2eiπeiπ/32e^{i\pi}e^{i\pi/3}
==
2ei(π+π3)\displaystyle{2e^{i\left(\pi+\frac{\pi}{3}\right)}}
==
2e4iπ/32e^{4i\pi/3}.

Une forme exponentielle de zz est donc
2e4iπ/32e^{4i\pi/3}.
Property 17
Pour tout réel θ\theta :
  1. cosθ\cos\theta
    ==
    eiθ+eiθ2\dfrac{ \text{e}^{i\theta} + \text{e}^{-i\theta} }{2}
  2. sinθ\sin\theta
    ==
    eiθeiθ2i\dfrac{ \text{e}^{i\theta} - \text{e}^{-i\theta} }{2i}
Preuve
Nous utilisons ici la définition de eiθ\text{e}^{i\theta} et de eiθ\text{e}^{-i\theta}, ainsi que la parité des fonctions sinus et cosinus.
{eiθ=cosθ+isinθ(1)eiθ=cosθisinθ(2)\left\{ \begin{array}{rclc} \text{e}^{i\theta} & = & \cos\theta + i\sin\theta & (1)\\ \text{e}^{-i\theta} & = & \cos\theta - i\sin\theta & (2) \\ \end{array}\right.

En effectuant
(1)+(2)(1)+(2)
nous obtenons :
eiθ+eiθ\text{e}^{i\theta}+\text{e}^{-i\theta}
==
2cosθ2\cos\theta
et donc :
cosθ=eiθ+eiθ2\cos\theta = \dfrac{ \text{e}^{i\theta} + \text{e}^{-i\theta} }{2}.


De même
(1)(2)(1)-(2)
nous donne :
eiθeiθ\text{e}^{i\theta}-\text{e}^{-i\theta}
==
2isinθ2i\sin\theta,
et :
sinθ=eiθeiθ2i\sin\theta = \dfrac{ \text{e}^{i\theta} - \text{e}^{-i\theta} }{2i}.
Exercice 9 En classe de première nous avons vu la formule, pour tout réel xx :
cos2x\cos^2 x
==
12+12cos(2x)\dfrac{1}{2}+\dfrac{1}{2}\cos(2x).

Cette formule s'appelle une formule de
linéarisation,
c'est-à-dire que l'on transforme une puissance d'un cosinus (ou d'un sinus) en une écriture sans exposant ou produit de fonctions trigonométriques.

Pour tout réel xx, déterminer une formule de linéarisation pour cos3(x)\cos^3(x).
Correction
Rappelons tout d'abord la formule suivante, pour touts réels aa et bb :
(a+b)3(a+b)^3
==
a3+3a2b+3ab2+b3.a^3+3a^2b+3ab^2+b^3.
Par ailleurs, pour tout réel xx, nous avons :
cos3x\cos^3 x
= =
(eix+eix2)3\left( \dfrac{\text{e}^{ix} + \text{e}^{-ix}}{2} \right)^3
= =
(eix+eix)38 \dfrac{ \left(\text{e}^{ix} + \text{e}^{-ix} \right)^3}{8}
= =
18(e3ix+3e2ixeix+3eixe2ix+e3ix)\dfrac{1}{8}\left( \text{e}^{3ix} + 3\text{e}^{2ix}\text{e}^{-ix}+3\text{e}^{ix}\text{e}^{-2ix}+\text{e}^{-3ix}\right)
= =
18(e3ix+3eix+3eix+e3ix)\dfrac{1}{8}\left( \text{e}^{3ix} + 3\text{e}^{ix}+3\text{e}^{-ix}+\text{e}^{-3ix}\right)
= =
18(e3ix+e3ix+3(eix+eix))\dfrac{1}{8}\left( \text{e}^{3ix} + \text{e}^{-3ix} + 3\left(\text{e}^{ix}+\text{e}^{-ix}\right) \right)
= =
18(2cos(3x)+6cosx)\dfrac{1}{8}\left( 2\cos(3x) + 6\cos x \right)
= =
14cos(3x)+34cosx.\dfrac{1}{4}\cos(3x)+\dfrac{3}{4}\cos x.

Cette dernière égalité est bien une formule de
linéarisation
pour cos3x\cos^3 x.
Remark 11 La méthode vue dans la correction du précédent exercice est à connaître, les formules de linéarisation en trigonométrie étant utiles dans de nombreuses situations. 6Annexe Nous démontrons ici l'inégalité triangulaire. Property 18
Pour tous nombres complexes zz et zz' : z+zz+z.|z+z'| \leq |z|+|z'|.
Remark 12 Nous rappelons que la preuve de cette propriété n'est pas exigible en terminale.

Preuve
Soient ρ1\rho_1, ρ2\rho_2, θ1\theta_1 et θ2\theta_2 des nombres réels tels que : z=ρ1eiθ1z = \rho_1 \text{e}^{i \theta_1} et z=ρ2eiθ2z'=\rho_2 \text{e}^{i \theta_2}. Nous avons alors :

z+z=ρ1eiθ1+ρ2eiθ2|z+z'| = \left|\rho_1 \text{e}^{i \theta_1} +\rho_2 \text{e}^{i \theta_2}\right| = = eiθ1ρ1+ρ2ei(θ2θ1)\left|\text{e}^{i \theta_1}\right|\left|\rho_1 + \rho_2 \text{e}^{i (\theta_2 - \theta_1)}\right| == ρ1+ρ2ei(θ2θ1)\left|\rho_1 + \rho_2 \text{e}^{i (\theta_2 - \theta_1)}\right|.

Pour simplifier l'écriture, posons α=θ2θ1\alpha = \theta_2 - \theta_1 et nous obtenons :
z+z2|z+z'|^2 == (ρ1+ρ2cos(α))2+(ρ2sin(α))2(\rho_1 + \rho_2 \cdot \cos(\alpha))^2 + (\rho_2 \cdot \sin(\alpha))^2
== ρ12+ρ22(cos2(α)+sin2(α))+2cos(α)ρ1ρ2\rho_1 ^2 + \rho_2 ^2\cdot (\cos^2(\alpha) + \sin^2(\alpha)) + 2 \cdot \cos(\alpha) \rho_1 \rho_2
== ρ12+ρ22+2cos(α)ρ1ρ2\rho_1 ^2 + \rho_2 ^2 + 2 \cos(\alpha) \rho_1 \rho_2.
car cos2(α)+sin2(α)=1\cos^2(\alpha) + \sin^2(\alpha) = 1. De plus, comme 2cos(α)ρ1ρ22ρ1ρ22\cos(\alpha)\rho_1 \rho_2 \leq 2 \rho_1 \rho_2 , nous avons :
z+z2ρ12+ρ22+2ρ1ρ2=(ρ1+ρ2)2=(z+z)2|z+z'|^2 \leq\rho_1 ^2 + \rho_2 ^2 +2 \rho_1 \rho_2 = (\rho_1+\rho_2)^2 = (|z|+|z'|)^2
Par croissance de la fonction racine carrée sur R+\mathbb{R}^+ : z+zz+z.|z+z'| \leq |z| + |z'|.